Leetcode刷题112. 路径总和

 给你二叉树的根节点 root 和一个表示目标和的整数 targetSum 。判断该树中是否存在 根节点到叶子节点 的路径，这条路径上所有节点值相加等于目标和 targetSum 。如果存在，返回 true ；否则，返回 false 。

叶子节点 是指没有子节点的节点。

示例 1：

输入：root = [5,4,8,11,null,13,4,7,2,null,null,null,1], targetSum = 22
输出：true
解释：等于目标和的根节点到叶节点路径如上图所示。
示例 2：

输入：root = [1,2,3], targetSum = 5
输出：false
解释：树中存在两条根节点到叶子节点的路径：
(1 --> 2): 和为 3
(1 --> 3): 和为 4
不存在 sum = 5 的根节点到叶子节点的路径。
示例 3：

输入：root = [], targetSum = 0
输出：false
解释：由于树是空的，所以不存在根节点到叶子节点的路径。

来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode.cn/problems/path-sum
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感谢大神windliang的详细解法，传送门详细通俗的思路分析，多解法

class Solution {
 
    public boolean hasPathSum(TreeNode root, int targetSum) {
//		return hasPathSumI(root, targetSum);
//		return hasPathSumII(root, targetSum);
//		return hasPathSumIII(root, targetSum);
		return hasPathSumIIII(root, targetSum);
	}
 
	//方法四：利用栈后序遍历，进栈时，剩余路径和加；出栈时，剩余路径和减
	//遍历到叶子节点时，计算的路径和是包含整条路径各节点的
	//时间和空间复杂度O(N)
	private boolean hasPathSumIIII(TreeNode root, int targetSum) {
		if (root == null) {
			return false;
		}
		Stack stack = new Stack<>();
		TreeNode prev = null;
		int curSum = 0;
		while (!stack.isEmpty() || root != null) {
			while (root != null) {
				stack.push(root);
				//入栈时，相加
				curSum += root.val;
				root = root.left;
			}
			TreeNode node = stack.peek();
			if (node.left == null && node.right == null && curSum == targetSum) {
				return true;
			}
			if (node.right != null && node.right != prev) {
				root = node.right;
			} else {
				TreeNode pop = stack.pop();
				//出栈时，减去
				curSum -= pop.val;
				prev = node;
			}
		}
		return false;
	}
 
	//方法三：BFS遍历，定义两个队列，一个进行层序遍历，一个记录根节点到当前节点的累加的和
	//时间和空间复杂度O(N)
	private boolean hasPathSumIII(TreeNode root, int targetSum) {
		if (root == null) {
			return false;
		}
		Queue queue = new LinkedList<>();
		Queue queueVal = new LinkedList<>();
		queue.offer(root);
		queueVal.offer(root.val);
		while (!queue.isEmpty()) {
			int size = queue.size();
			while (size-- > 0) {
				TreeNode node = queue.poll();
				Integer curVal = queueVal.poll();
				if (node.left == null && node.right == null && curVal == targetSum) {
					return true;
				}
				if (node.left != null) {
					queue.offer(node.left);
					queueVal.offer(curVal + node.left.val);
				}
				if (node.right != null) {
					queue.offer(node.right);
					queueVal.offer(curVal + node.right.val);
				}
			}
		}
		return false;
	}
 
	//方法二：递归，时间和空间复杂度O(N)
	//根据题意hasPathSum(root, sum)为求解从root到叶子节点的是否存在路径和为sum的路径
	//可以转换成求解从root.left或root.right到叶子节点是否存在路径和为sum-root.val的路径
	private boolean hasPathSumII(TreeNode root, int targetSum) {
		if (root == null) {
			return false;
		}
		//到达叶子节点
		if (root.left == null && root.right == null) {
			return targetSum == root.val;
		}
		return hasPathSumII(root.left, targetSum - root.val)
				|| hasPathSumII(root.right, targetSum - root.val);
	}
 
	//方法一：递归，定义全局变量，遍历二叉树
	//时间和空间复杂度O(N)
	boolean hasPathSum = false;
	private boolean hasPathSumI(TreeNode root, int targetSum) {
		if (root == null) {
			return false;
		}
		traverse(root, targetSum, 0);
		return hasPathSum;
	}
 
	private void traverse(TreeNode root, int targetSum, int sum) {
		sum += root.val;
		if (root.left == null && root.right == null && sum == targetSum) {
			hasPathSum = true;
			return;
		}
		if (root.left != null) {
			traverse(root.left, targetSum, sum);
		}
		if (root.right != null) {
			traverse(root.right, targetSum, sum);
		}
	}
}