有一堆石头,用整数数组 stones
表示。其中 stones[i]
表示第 i
块石头的重量。
每一回合,从中选出任意两块石头,然后将它们一起粉碎。假设石头的重量分别为 x
和 y
,且 x <= y
。那么粉碎的可能结果如下:
x == y
,那么两块石头都会被完全粉碎;x != y
,那么重量为 x
的石头将会完全粉碎,而重量为 y
的石头新重量为 y-x
。最后,最多只会剩下一块 石头。返回此石头 最小的可能重量 。如果没有石头剩下,就返回 0
。
示例 1:
输入:stones = [2,7,4,1,8,1] 输出:1 解释: 组合 2 和 4,得到 2,所以数组转化为 [2,7,1,8,1], 组合 7 和 8,得到 1,所以数组转化为 [2,1,1,1], 组合 2 和 1,得到 1,所以数组转化为 [1,1,1], 组合 1 和 1,得到 0,所以数组转化为 [1],这就是最优值。
示例 2:
输入:stones = [31,26,33,21,40] 输出:5
//dp[j] 表示能装满容量为j的背包的最大价值。这里的价值就是石头的重量
//dp[j] = max[dp[j],dp[j-stone[i]]+stone[i]];
//初始化为0
//遍历顺序
//打印dp数组
- class Solution {
- public:
- int lastStoneWeightII(vector<int>& stones) {
- //dp[j] 表示能装满容量为j的背包的最大价值。这里的价值就是石头的重量
- //dp[j] = max[dp[j],dp[j-stone[i]]+stone[i]];
- //初始化为0
- //遍历顺序
- //打印dp数组
- int sum = 0;
- int count = 0;
- for(int i = 0;i
size();i++) - {
- sum+=stones[i];
- }
- count = sum /2;
- vector<int>dp(count+1,0);
- for(int i = 0;i
size();i++) - {
- for(int j = count;j>=stones[i];j--)
- {
- dp[j] = max(dp[j],dp[j-stones[i]]+stones[i]);
- }
- }
- return sum-2*dp[count];
- }
- };
给你一个非负整数数组 nums
和一个整数 target
。
向数组中的每个整数前添加 '+'
或 '-'
,然后串联起所有整数,可以构造一个 表达式 :
nums = [2, 1]
,可以在 2
之前添加 '+'
,在 1
之前添加 '-'
,然后串联起来得到表达式 "+2-1"
。返回可以通过上述方法构造的、运算结果等于 target
的不同 表达式 的数目。
示例 1:
输入:nums = [1,1,1,1,1], target = 3 输出:5 解释:一共有 5 种方法让最终目标和为 3 。 -1 + 1 + 1 + 1 + 1 = 3 +1 - 1 + 1 + 1 + 1 = 3 +1 + 1 - 1 + 1 + 1 = 3 +1 + 1 + 1 - 1 + 1 = 3 +1 + 1 + 1 + 1 - 1 = 3
示例 2:
输入:nums = [1], target = 1 输出:1
//dp[j] 表示有dp[j]种方法让最终目标和为j。
//dp[j] += dp[j-nums[i]];
//初始化dp[0] = dp[1] = 1;
//遍历顺序
//打印dp数组
//背包容量 令负数绝对值和为 right, 正数和为left,则有left+right = sum, left = sum -right
// target = right - left; right = left+target
//right -target = sum -right
//right = (target+sum)/2
- class Solution {
- public:
- int findTargetSumWays(vector<int>& nums, int target) {
- //dp[j] 表示有dp[j]种方法让最终目标和为j。
- //dp[j] += dp[j-nums[i]];
- //初始化dp[0] = dp[1] = 1;
- //遍历顺序
- //打印dp数组
- //背包容量 令负数绝对值和为 right, 正数和为left,则有left+right = sum, left = sum -right
- // target = right - left; right = left+target
- //right -target = sum -right
- //right = (target+sum)/2
- int sum = 0;
- for(int i = 0;i
size();i++) - {
- sum += nums[i];
- }
- if(abs(target)>sum) return 0;
- if((target+sum)% 2==1) return 0;
- int bagsize = (target + sum)/2;
- vector<int>dp(bagsize+1,0);
- dp[0] = 1;
- for(int i = 0;i
size();i++) - {
- for(int j = bagsize;j>=nums[i];j--)
- {
- dp[j] += dp[j-nums[i]];
- }
- }
- return dp[bagsize];
- }
- };
给你一个二进制字符串数组 strs
和两个整数 m
和 n
。
请你找出并返回 strs
的最大子集的长度,该子集中 最多 有 m
个 0
和 n
个 1
。
如果 x
的所有元素也是 y
的元素,集合 x
是集合 y
的 子集 。
示例 1:
输入:strs = ["10", "0001", "111001", "1", "0"], m = 5, n = 3 输出:4 解释:最多有 5 个 0 和 3 个 1 的最大子集是 {"10","0001","1","0"} ,因此答案是 4 。 其他满足题意但较小的子集包括 {"0001","1"} 和 {"10","1","0"} 。{"111001"} 不满足题意,因为它含 4 个 1 ,大于 n 的值 3 。
示例 2:
输入:strs = ["10", "0", "1"], m = 1, n = 1 输出:2 解释:最大的子集是 {"0", "1"} ,所以答案是 2 。
//dp[i][j]表示i个0,j个1的最大子集个数dp[i][j]
//dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-zore][j-one]+1)
//初始化dp[0][0] = 0;
//遍历顺序
//打印dp数组
- class Solution {
- public:
- int findMaxForm(vector
& strs, int m, int n) { - //dp[i][j]表示i个0,j个1的最大子集个数dp[i][j]
- //dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-zore][j-one]+1)
- //初始化dp[0][0] = 0;
- //遍历顺序
- //打印dp数组
- vector
int>>dp(m+1,vector<int>(n+1,0)); - for(string str:strs)
- {
- int zore = 0;
- int one = 0;
- for(char c:str)
- {
- if(c=='0')
- zore++;
- else
- one++;
- }
- for(int i = m;i>=zore;i--)
- {
- for(int j = n;j>=one;j--)
- {
- dp[i][j] = max(dp[i][j],dp[i-zore][j-one]+1);
- }
- }
- }
- return dp[m][n];
- }
- };
还有很多瑕疵,还需继续坚持!