解题思路:
设跳上 n 级台阶有 f(n) 种跳法。在所有跳法中,青蛙的最后一步只有两种情况: 跳上 1 级或 2 级台阶。
当为 1 级台阶: 剩 n−1 个台阶,此情况共有 f(n−1) 种跳法。
当为 2 级台阶: 剩 n−2 个台阶,此情况共有 f(n−2)种跳法。
即 f(n)为以上两种情况之和,即 f(n)=f(n−1)+f(n−2) ,以上递推性质为斐波那契数列。因此,本题可转化为 求斐波那契数列的第 n项,区别仅在于初始值不同:
青蛙跳台阶问题: f(0)=1 , f(1)=1 , f(2)=2 。
斐波那契数列问题: f(0)=0 , f(1)=1 , f(2)=1 。
动态规划解析:
状态定义: 设 dp 为一维数组,其中 dp[i] 的值代表斐波那契数列的第 i 个数字。
转移方程: dp[i+1]=dp[i]+dp[i−1],即对应数列定义 f(n+1)=f(n)+f(n−1) 。
初始状态: dp[0]=1, dp[1]=1 ,即初始化前两个数字。
返回值: dp[n] ,即斐波那契数列的第 n 个数字。
优化:
若新建长度为 n 的 dp 列表,则空间复杂度为 O(N)。
由于 dp 列表第 i 项只与第 i−1 和第 i−2 项有关,因此只需要初始化三个整形变量 sum, a, b ,利用辅助变量 sum 使 a,b 两数字交替前进即可 (具体实现见代码) 。由于省去了 dp 列表空间,因此空间复杂度降至 O(1) 。
- class Solution {
- public int climbStairs(int n) {
- int a = 1, b = 1, sum;
- for(int i = 0; i < n - 1; i++){
- sum = a + b;
- a = b;
- b = sum;
- }
- return b;
- }
- }
-
- class Solution {
- public int coinChange(int[] coins, int amount) {
- // 自底向上的动态规划
- if(coins.length == 0){
- return -1;
- }
-
- // memo[n]的值: 表示的凑成总金额为n所需的最少的硬币个数
- int[] memo = new int[amount+1];
- memo[0] = 0;
- for(int i = 1; i <= amount;i++){
- int min = Integer.MAX_VALUE;
- for(int j = 0;j < coins.length;j++){
- if(i - coins[j] >= 0 && memo[i-coins[j]] < min){
- min = memo[i-coins[j]] + 1;
- }
- }
- // memo[i] = (min == Integer.MAX_VALUE ? Integer.MAX_VALUE : min);
- memo[i] = min;
- }
-
- return memo[amount] == Integer.MAX_VALUE ? -1 : memo[amount];
- }
- }
-
- class Solution {
- public int numSquares(int n) {
- int[] f = new int[n + 1];
- for (int i = 1; i <= n; i++) {
- int minn = Integer.MAX_VALUE;
- for (int j = 1; j * j <= i; j++) {
- minn = Math.min(minn, f[i - j * j]);
- }
- f[i] = minn + 1;
- }
- return f[n];
- }
- }
-