本文属于「征服LeetCode」系列文章之一,这一系列正式开始于2021/08/12。由于LeetCode上部分题目有锁,本系列将至少持续到刷完所有无锁题之日为止;由于LeetCode还在不断地创建新题,本系列的终止日期可能是永远。在这一系列刷题文章中,我不仅会讲解多种解题思路及其优化,还会用多种编程语言实现题解,涉及到通用解法时更将归纳总结出相应的算法模板。
为了方便在PC上运行调试、分享代码文件,我还建立了相关的仓库。在这一仓库中,你不仅可以看到LeetCode原题链接、题解代码、题解文章链接、同类题目归纳、通用解法总结等,还可以看到原题出现频率和相关企业等重要信息。如果有其他优选题解,还可以一同分享给他人。
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有一个需要密码才能打开的保险箱。密码是 n
位数, 密码的每一位都是范围 [0, k - 1]
中的一个数字。
保险箱有一种特殊的密码校验方法,你可以随意输入密码序列,保险箱会自动记住 最后 n
位输入 ,如果匹配,则能够打开保险箱。
"345"
,并且你输入的是 "012345"
:
0
之后,最后 3
位输入是 "0"
,不正确。1
之后,最后 3
位输入是 "01"
,不正确。2
之后,最后 3
位输入是 "012"
,不正确。3
之后,最后 3
位输入是 "123"
,不正确。4
之后,最后 3
位输入是 "234"
,不正确。5
之后,最后 3
位输入是 "345"
,正确,打开保险箱。在只知道密码位数 n
和范围边界 k
的前提下,请你找出并返回确保在输入的 某个时刻 能够打开保险箱的任一 最短 密码序列 。
示例 1:
输入:n = 1, k = 2
输出:"10"
解释:密码只有 1 位,所以输入每一位就可以。"01" 也能够确保打开保险箱。
示例 2:
输入:n = 2, k = 2
输出:"01100"
解释:对于每种可能的密码:
- "00" 从第 4 位开始输入。
- "01" 从第 1 位开始输入。
- "10" 从第 3 位开始输入。
- "11" 从第 2 位开始输入。
因此 "01100" 可以确保打开保险箱。"01100"、"10011" 和 "11001" 也可以确保打开保险箱。
提示:
1 <= n <= 4
1 <= k <= 10
1 <= k^n <= 4096
保险箱的密码是一个长度为 n n n 的数字字符串,密码中每位数字的取值范围是从 0 0 0 到 k − 1 k-1 k−1 。现在这 n n n 位密码未知,题目要求我们生成一个可以暴力破解这 n n n 位密码的字符串序列 s e q seq seq ,要想用 s e q seq seq 破解密码,那么 s e q seq seq 中必须包含 n n n 位密码的所有组合,最简单的是将 n n n 位密码的 k n k^n kn 个组合拼在一起构成 s e q seq seq ,但这样的 s e q seq seq 太长了,题目要我们生成一个包含 n n n 位密码所有组合情况的一个最短序列。
举个例子, n = 2 , k = 2 n = 2, k = 2 n=2,k=2 ,密码长度为 2 2 2 ,每位数字由 0 0 0 和 1 1 1 组成,那么长度为 2 2 2 的密码就有 k n = 2 2 = 4 k^n = 2^2 = 4 kn=22=4 种组合,即 00 , 01 , 10 , 11 00, 01, 10, 11 00,01,10,11 ,要想破解密码,最简做法是,将这四种密码组合拼在一起组成破解序列 s e q = 00011011 seq = 00011011 seq=00011011 ,这样得到的序列长度为 8 8 8 ,但它不是包含所有密码组合的最短序列。也就是说这种简单拼接在一起的方法,得到的破解序列是冗余的,会增加破解时间。
而密码破解的方法其实就是朴素的字符串匹配,比如上面的 s e q = 00011011 seq = 00011011 seq=00011011 ,依次匹配的子串是 00 , 00 , 01 , 11 , 10 , 01 , 11 00, 00, 01, 11, 10, 01, 11 00,00,01,11,10,01,11 ,一共做了 7 7 7 次密码匹配,其中 00 , 01 , 11 00, 01, 11 00,01,11 分别匹配了两次,也就是说多做了 3 3 3 次冗余的密码匹配。题目要求的 最短破解序列 就是不会产生冗余密码匹配的序列,长度正好是 k n + ( n − 1 ) k^n + (n - 1) kn+(n−1) ,最多只需要匹配 k n k^n kn 次, s e q = 00110 seq = 00110 seq=00110 是上面的其中一个破解序列,长度为 5 5 5 ,依次匹配的子串分别是 00 , 01 , 11 , 10 00, 01, 11, 10 00,01,11,10 ,匹配的正好是所有四种密码组合。
一种建模方式是:对于所有 m = k n m = k^n m=kn 个密码组合,我们把每个 n n n 位可能的密码看成是图中的一个顶点,对于这 m m m 个顶点构成的 完全图 中,让我们找到这样一个回路 v 1 → v 2 → v 3 → . . . → v m → v 1 v_1 \to v_2\to v_3\to ... \to v_m \to v_1 v1→v2→v3→...→vm→v1 ,除起始顶点外每个顶点访问且仅访问一次,其中 < u , v > <u,v> 表示回路中一条由顶点 u u u 指向 v v v 的边,且顶点 u u u 长为 n − 1 n-1 n−1 的后缀恰好是顶点 v v v 的前缀。最终我们要的 最短破解序列 ,一种顶点序列是 v 1 , v 2 , v 3 , . . . , v m v_1, v_2, v_3, ..., v_m v1,v2,v3,...,vm ,长度为 k n + ( n − 1 ) k^n + (n - 1) kn+(n−1) ,这个 最短破解序列 不止一个,因为 回路 中的任意一个顶点都可以做 起始顶点。这就是 哈密顿回路问题 。
不过查看Wiki,发现本题求的答案有专门的术语 De Bruijn sequence
:
B
(
k
,
n
)
B(k,n)
B(k,n) 是
k
k
k 进制元素构成的循环序列,所有长度为
n
n
n 的
k
k
k 进制元素序列都是
B
(
k
,
n
)
B(k, n)
B(k,n) 的子数组(以环状形式),在
B
(
k
,
n
)
B(k,n)
B(k,n) 中出现且仅出现一次。
描述该循环序列的图是 De Bruijn
图(一张欧拉图)。使用(
n
−
1
=
4
−
1
=
3
n - 1 = 4 - 1=3
n−1=4−1=3)3-D De Bruijn
图可以循环构造长度为
2
4
=
16
2^4 = 16
24=16 的 B(2,4) De Bruijn
序列。如下的3维 De Bruijn
图中的每条边对应于一个四位数字的序列:三个数字分别标记该边要离开的顶点,其后是一个数字标记该边。如果一个人从
000
000
000 穿过标记为
1
1
1 的边,则一个人到达
001
001
001 ,从而表明 De Bruijn
序列中存在子序列
0001
0001
0001 。精确遍历每条边一次,就是使用
16
16
16 个四位数序列中的每一个恰好一次。下图,在 B(2,3)
中每个顶点被访问一次,而在 B(2,4)
中每条边(包括自环)都被遍历一次。
Hierholzer \text{Hierholzer} Hierholzer 算法可以在一个欧拉图中找出欧拉回路。具体地,我们将所有的 n − 1 n-1 n−1 位数作为节点,共有 k n − 1 k^{n-1} kn−1 个节点,每个节点有 k k k 条入边和出边。如果当前节点对应的数为 a 1 a 2 ⋯ a n − 1 a_1 a_2 \cdots a_{n-1} a1a2⋯an−1 ,那么它的第 x x x 条出边就连向数 a 2 ⋯ a n − 1 x a_2 \cdots a_{n-1} x a2⋯an−1x 对应的节点。这样从一个节点顺着第 x x x 条边走到另一个节点,就相当于输入了数字 x x x 。
在某个节点对应的数的末尾放上它某条出边的编号,就形成了一个 n n n 位数,并且每个节点都能用这样的方式形成 k k k 个 n n n 位数。
例如 k = 4 , n = 3 k=4,n=3 k=4,n=3 时,节点分别为 00 , 01 , 02 , ⋯ , 32 , 33 00,01,02,⋯ ,32,33 00,01,02,⋯ ,32,33 ,每个节点的出边的编号分别为 0 , 1 , 2 , 3 0,1,2,3 0,1,2,3 ,那么 00 00 00 和它的出边形成了 000 , 001 , 002 , 003 000,001,002,003 000,001,002,003 这 4 4 4 个 3 3 3 位数, 32 32 32 和它的出边形成了 320 , 321 , 322 , 323 320,321,322,323 320,321,322,323 这 4 4 4 个 3 3 3 位数。这样共计有 k n − 1 × k = k n k^{n-1} \times k = k^n kn−1×k=kn 个 n n n 位数,恰好就是所有可能的密码。
由于这个图的每个节点都有 k k k 条入边和出边(有向连通图节点度数都为 0 0 0 ),因此它一定存在一个欧拉回路,即可以从任意一个节点开始,一次性不重复地走完所有的边且回到该节点。因此,我们可以用 Hierholzer \text{Hierholzer} Hierholzer 算法找出这条欧拉回路:
H i e r h o l z e r Hierholzer Hierholzer 算法如下:
实际的代码编写具有一定的技巧性。
class Solution {
private:
int highest, k;
string ans;
unordered_set<int> rec;
void dfs(int node) {
for (int x = 0; x < k; ++x) {
int nei = node * 10 + x;
if (!rec.count(nei)) { // 改为插入边
rec.insert(nei);
dfs(nei % highest);
ans += (x + '0');
}
}
}
public:
string crackSafe(int n, int k) {
this->highest = pow(10, n - 1);
this->k = k;
dfs(0); // 从n-1个0出发
ans += string(n - 1, '0'); // 返回的路径顺序应该是n-1个0+翻转的ans
// 由于是欧拉回路,所以不用翻转,即可直接返回
return ans;
}
};
但上述写法比较抽象。我们可以这么写:从一个 n − 1 n-1 n−1 长度的全 0 0 0 串出发枚举 k k k 条边,每经过一条边就将其加入到哈希表中,防止重复经过同一条边。
class Solution {
private:
string ans;
unordered_set<string> edges;
void dfs(string &cur, int k) {
for (int i = 0; i < k; ++i) {
string edge = cur + to_string(i);
if (!edges.count(edge)) {
edges.insert(edge);
string next = edge.substr(1);
dfs(next, k);
ans += to_string(i);
}
}
}
public:
string crackSafe(int n, int k) {
string start = string(n - 1, '0');
dfs(start, k);
ans += start;
return ans;
}
};