• 【每日一题Day35】LC878第N个神奇数字 | 二分查找 找规律 + 数学


    第N个神奇数字【LC878】

    一个正整数如果能被 ab 整除,那么它是神奇的。

    给定三个整数 n , a , b ,返回第 n 个神奇的数字。因为答案可能很大,所以返回答案 109 + 7 取模 后的值。

    A positive integer is magical if it is divisible by either a or b.

    Given the three integers n, a, and b, return the nth magical number. Since the answer may be very large, return it modulo 109 + 7.

    好难好难

    更新于2022/11/23
    [为什么突然那么多人看 压力好大 那就快来把丑数系列都做了吧
    丑数系列+神奇数字总结
    如有错误 还请批评指正 ^ o ^]

    找规律

    首先是我自己的暴力思路,当然没通过…但是可以结合官方题解2找规律一起看看

    • 思路:根据题意,我们需要找到第n个能被a或者b整除的数。暴力判断1~n*min(a,b)内有多少个神奇数,必然超时。

      如何优化搜索的过程?神奇数一定是a或者b的倍数,因此只需判断a和b的整数倍即可。从小到大搜索第count个神奇数[过了50个还是超时]

      • 首先考虑几种特殊情况,a为b的因数或者b为a的因数,此时第n个神奇数即为 n * 较小值
      • 然后使用两个指针记录curA、curB,记录a的整数倍和b的整数倍,并使用count计数
        • 如果curA < curB,那么第count个神奇数为curA,移动curA
        • 如果curA < curB,那么第count个神奇数为curA,移动curB
        • 如果curA == curB,那么第count个神奇数为curA即curB,curA和curB在该值重合,需同时移动curA和curB,count只计一次数
    • 代码

      class Solution {
          public int nthMagicalNumber(int n, int a, int b) {
              int MOD = (int)1e9 + 7;
              if (a == b){
                  return (int)((long)n * a % MOD);
              }else if (a % b == 0){
                  return (int)((long)n * b % MOD);
              }else if (b % a == 0){
                  return (int)((long)n * a % MOD);
              }
              long count = 0;
              long curA = a;
              long curB = b;
              long res = 0;
              while (count < n){                        
                  if (curA < curB){// 此时第count个神奇数字是curA
                      count++;
                      res = curA;
                      curA += a;
                  }else if (curA > curB){// 此时第count个神奇数字是curB
                      count++;
                      res = curB;
                      curB += b;
                  }else {// curA和curB重合,计数,并同时移动curA和curB
                      count++;
                      res = curB;
                      curA += a;
                      curB += b;
                  }                    
              }
              return (int)(res % MOD);
          }
      }
      
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      • 复杂度

        • 时间复杂度: O ( n m ) O(nm) O(nm),m为min(a,b)
        • 空间复杂度: O ( 1 ) O(1) O(1)
    • 找规律,再次优化搜索过程。

      • 设f(x)为小于等于x的神奇数个数,c为a和b的最小公倍数,那么
        f ( x ) = ⌊ x a ⌋ + ⌊ x b ⌋ − ⌊ x c ⌋ f(x) = \lfloor \frac{x}{a} \rfloor + \lfloor\frac{x}{b} \rfloor- \lfloor\frac{x}{c} \rfloor f(x)=ax+bxcx

        f ( x ∗ c ) = x ∗ ( ⌊ c a ⌋ + ⌊ c b ⌋ − 1 ) = q ∗ f ( c ) f(x * c ) = x* (\lfloor \frac{c}{a} \rfloor + \lfloor\frac{c}{b} \rfloor- 1)=q *f(c) f(xc)=x(ac+bc1)=qf(c)

      • 令小于等于 c c c的神奇数个数 m = f ( c ) m = f(c) m=f(c)

      • 由于最终结果res一定是最小公倍数c的整数倍或者其的后几个数,因此 r e s = c ∗ q + n u m res = c * q + num res=cq+num

      • 因为不大于 c ∗ q c*q cq 的「神奇数字」个数为 m ∗ q m* q mq,所以我们只需要从 c ∗ q c*q cq往后搜第 r个「神奇数字」即可。

        所以 n n n可以由 m m m表示, n = q ∗ m + r n= q*m+r n=qm+r,其中 0 ≤ r < m 0{\leq}r0r<m q q q为非负整数

        • 如果r==0,那么 c ∗ ( n / m ) c * (n / m) c(n/m)即为结果
        • 如果r!=0,那么从res往后搜索r次即可
      class Solution {
          static final int MOD = 1000000007;
      
          public int nthMagicalNumber(int n, int a, int b) {
              int c = lcm(a, b);
              int m = c / a + c / b - 1;
              int r = n % m;
              int res = (int) ((long) c * (n / m) % MOD);
              if (r == 0) {
                  return res;
              }
              int addA = a, addB = b;
              for (int i = 0; i <  r - 1; ++i) {
                  if (addA < addB) {
                      addA += a;
                  } else {
                      addB += b;
                  }
              }
              return (res + Math.min(addA, addB) % MOD) % MOD;
          }
      
          public int lcm(int a, int b) {
              return a * b / gcd(a, b);
          }
      
          public int gcd(int a, int b) {
              return b != 0 ? gcd(b, a % b) : a;
          }
      }
      
      作者:力扣官方题解
      链接:https://leetcode.cn/problems/nth-magical-number/solutions/1983699/di-n-ge-shen-qi-shu-zi-by-leetcode-solut-6vyy/
      来源:力扣(LeetCode)
      著作权归作者所有。商业转载请联系作者获得授权,非商业转载请注明出处。
      
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      • 复杂度

        • 时间复杂度: O ( a + b ) O(a+b) O(a+b)
        • 空间复杂度: O ( 1 ) O(1) O(1)

    二分查找+数学

    • 思路:将问题**“第n个神奇数是x”转化为“小于等于x的神奇数有n个”**,由于x越大n一定越大,因此可以使用二分法查找一个神奇数小于等于n的区间(0,right],最后返回右边界

    • 实现

      • 计算区间内的神奇数个数:假设该区间内能被a整除的数的个数为 n a n_a na个,能被b整除的数的个数为 n b n_b nb个,能同时被a和被b整除的数的个数为 n c n_c nc个,那么神奇数个数为 n a + n b − n c n_a+n_b-n_c na+nbnc

      • n a n_a na n b n_b nb的计算方法较简单:除法运算向下取整即可

      • n c n_c nc=该区间内能被a和b的最小公倍数整除的个数

        • 最小公倍数可以使用最小公约数gcd得到
          l c m ( a , b ) = a b g c d ( a , b ) lcm(a,b) = \frac{ab}{gcd(a,b)} lcm(a,b)=gcd(a,b)ab

        • 最小公约数用辗转相除法得到

      • 实现

      class Solution {
          private static final long MOD = (long) 1e9 + 7;
      
          public int nthMagicalNumber(int n, int a, int b) {
              long lcm = a / gcd(a, b) * b;
              long left = 0, right = (long) Math.max(a, b) * n; // 开区间 (left, right)
              while (left + 1 < right) { // 开区间不为空
                  long mid = left + (right - left) / 2;
                  if (mid / a + mid / b - mid / lcm >= n)// 神奇数个数大于等于n
                      right = mid; // 范围缩小到 (left, mid)
                  else// 神奇数个数小于n
                      left = mid; // 范围缩小到 (mid, right)
              }
              return (int) (right % MOD);
          }
      
          private int gcd(int a, int b) {
              return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);
          }
      }
      
      作者:灵茶山艾府
      链接:https://leetcode.cn/problems/nth-magical-number/solutions/1984641/er-fen-da-an-rong-chi-yuan-li-by-endless-9j34/
      来源:力扣(LeetCode)
      著作权归作者所有。商业转载请联系作者获得授权,非商业转载请注明出处。
      
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        • 空间复杂度: O ( 1 ) O(1) O(1)
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  • 原文地址:https://blog.csdn.net/Tikitian/article/details/127980009