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虽然一眼知道是堆维护，但是还是不会写…

分析

首先第一大的子序列和就是原数组中所有的正数的和sum；
然后找第k大子序列和，考虑让sum减小；相当于就是sum减去原序列的一个子序列和；
那么 第k大子序列和 = sum - 第k-1小的子序列和；

下面考虑一下数组中的负数：
要让sum减小，如果是一个正数，那么我们sum就减去它，负数的话就加上它；
可以发现正负数对sum的本质作用是一样的，因此我们可以把负数加上绝对值变成正数；
这样统一考虑让sum减去就行了；

到这里我们的问题就转换成：给一个数组，找第k-1小的子序列和；
很显然有2^n-1个子序列，也就是有这么多个和，暴力不可取；
考虑下面这个数组[3,4,5]（排好序的）
显然第1小的子序列和为3；考虑通过3去扩展大一点的序列和；
3的话就可以扩展出3+4-3 = 4（3不选了），3+4（选3）；
再考虑通过4，3+4扩展序列和：4+5-4，4+5，(3+4)+5-4，(3+4)+5;
这样就能扩展出所有的子序列和。为什么？证明可以看一下b站《灵茶山艾府》的视频；

因此我们需要维护三个东西，当前子序列和，当前到第几个下标，当前要转移到哪个下标

我们可以用一个堆来维护，每次取出堆中最小的数；
取到第k-1个，就是第k-1小的数了，这样就找到了第k-1小的子序列和；

具体可以看代码

代码

#include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<stdio.h>
#include<map>
#include<algorithm>
#include<deque>
#include<stack>
#include<set>
#include <random>
#include<bitset>
// #include 
#include<math.h>
#include<string.h>
#define IOS ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0);
using namespace std;
 
#define pb push_back
#define coutl cout<<"------------"<<endl;
#define fi first
#define se second

#define ire(x) scanf("%d",&x)
#define iire(a,b) scanf("%d %d",&a,&b)
#define lre(x) scanf("%lld",&x)
#define llre(a,b) scanf("%lld %lld",&a,&b)
#define dre(x) scanf("%lf",&x)
#define ddre(a,b) scanf("%lf %lf",&a,&b)
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define endl "\n"
#define PI acos(-1.0)
// #define int long long
// #define double long double
// typedef __int128 ll;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;

typedef pair<int, int> PII;
typedef pair<double, int> PDI;
typedef pair<ll, ll> PLL;
typedef pair<double, double> PDD;
typedef pair<double, pair<int, double> > PDID;
typedef pair<char, char> PCC;
typedef pair<char, pair<int, int> > PCII;
typedef pair<int, pair<int, int> > PIII;
typedef pair<ll, pair<ll, ll> > PLLL;
typedef pair<int, pair<int, pair<int, int> > > PIIII;
typedef pair<ll, pair<int, int> > PLII;

const int maxn = 1e5 + 7;
const int N = 405;
const int M = 4e6 + 7;
const int mod = 998244353;
const int inv = mod - mod/2;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const ll INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double pi = acos(-1);
const double eps = 1e-8;
  
ll gcd(ll a,ll b) {return b==0 ? a : gcd(b,a%b);}
ll lcm(ll a,ll b) {return a*b / gcd(a,b);}
ll qmi(ll a,ll b,ll p) {ll ans = 1; while(b) { if(b & 1) ans = ans * a % p; a = a * a % p; b >>= 1; } return ans;}
int lowbit(int x) {return x & (-x);}

class Solution {
public:
    long long kSum(vector<int>& nums, int k) {
        
        ll sum = 0;
        for(auto &x : nums)
        	if(x > 0) sum += x;
			else x = -x;
        
        if(k-1 == 0) return sum;
        
		//找数组中第k-1小的子序列的和
		sort(nums.begin(),nums.end());
        
        for(auto x : nums) cout<<x<<' ';
        cout<<'\n';
        
		priority_queue<PLLL,vector<PLLL>,greater<PLLL>> q;
		q.push({nums[0],{0,1}});	//当前的值，当前下标，下一个要转移的下标
		
		ll ans = 0;
		
		int cnt = 0;	//当前第几个出队
		while(q.size())
		{
			PLLL p = q.top();
			q.pop();
			
			cnt ++;
			ll v = p.first;
			ll idx1 = p.second.fi;
            ll idx2 = p.se.se;
			
			if(cnt == k - 1)	//第k-1小的数
			{
				ans = v;
				break;
			}
			
			if(idx2 < nums.size())
			{
				//不选前面的
				q.push({v+nums[idx2]-nums[idx1],{idx2,idx2+1}});
				
				//选
				q.push({v + nums[idx2],{idx2,idx2+1}});
			}
		}
		
        return sum - ans;
    }
};


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