#include 
using namespace std;
typedef long long ll;

inline void solve(){
    string s;
    getline(cin,s);
    for(int i=0;i='a'&&s[i]<='z'){
    			s[i]=s[i]-32;
			}
			cout<

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（2）
情景：

getline()用来读取一行数据，但是当getline()前面进行了cin输入的话，getline()会把进行cin输入时行末丢弃的换行符读入，从而造成getline()第一次获得的数据为一空行。

问题：

此时getline()所读入的第一行是空行，并且占据一次读入次数，造成只能再输入rep-1次数据。

解决办法:

cin.ignore();

#include 
using namespace std;
typedef long long ll;

inline void solve(){
    string s;
    getline(cin,s);
    for(int i=0;i='a'&&s[i]<='z'){
    			s[i]=s[i]-32;
			}
			cout<>t;
	cin.ignore();
	while(t--){
		solve();
	}
	return 0;
}

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1009.Package Delivery

题意：
一共有n件快递，每个快递都有到的时间和截至日期，取走此快递的时间应该li<=x<=ri，每次最多能拿走k件快递，每天可去快递点多次。求把快递取完所需的最少次数。

思路：

所以维护一个r的升序的优先队列，
遍历右端点r，每次把l小于当前r的快递加入优先队列中。
如果今天拿的是k的整数倍，就正好。
如果不是k的整数倍，就补到k的整数倍，拿快要过期的快递，尽量最优。

vector去重的方法

代码：

#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 1e6+10;
typedef pair PII;
#define fi first
#define se second
#define pb push_back

int n,k,l,r;

priority_queue,greater > q;//升序队列，默认降序 

inline void solve(){
    cin>>n>>k;
    while(!q.empty()) q.pop();//清空优先队列 
	vector st;//st储存一个快递到的时间和到期的时间 ，即{l,r} 
	vector ed;//ed储存过期的时间，即r 
	for(int i=1;i<=n;i++){
		cin>>l>>r;
		st.pb({l,r});
		ed.pb(r);
	} 
	//先排序 
	sort(st.begin(),st.end());
	sort(ed.begin(),ed.end());
	//对ed去重 
	ed.erase(unique(ed.begin(),ed.end()),ed.end());
	int now=0,ans=0;
	for (auto it:ed){
		while(now>t;
	while(t--){
		solve();
	}
	return 0;
}

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1012.Two Permutations

题意：
给出两个长度为n的排列p,q和一个长度为2n的序列S，R最初为空。
每次可以选择p或q的最左边的数字放在R的右边，问有多少种方法能使R最后为S。

思路及代码：
（1）模拟：
当p和q的后面部分是一模一样时，有两种方法，ans*=2;

#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N =4e6+10;
const int mod=998244353;
int p[N],q[N],s[N];
inline void solve(){
    int n;
    cin>>n;
    for(int i=0;i>p[i];
    for(int i=0;i>q[i];
    for(int i=0;i<2*n;i++) cin>>s[i];
    int ans=1;
    int i=0,j=0,k=0;
    while(k<2*n){
    	if(s[k]!=p[i]&&s[k]!=q[j]){
    		cout<<0<>t;
	while(t--){
		solve();
	}
	return 0;
}
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（2）dp

/*
定义dp[2n][2],dp[i][0]表示第i位匹配在p中，dp[i][1]表示第i位匹配在q中。
 
*/
#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N =2e6+10;
const int mod=998244353;
int p[N],q[N],s[2*N],dp[2*N][2],n;

inline int dfs(int x,int y,int pos){//pos为0：代表和p匹配，为1：代表和q匹配
 
	if(x>n&&y>n) return 1;
	if(dp[x+y-1][pos]!=-1) return dp[x+y-1][pos];
	int ans=0;
	if(p[x]==s[x+y-1]&&x<=n){
		ans=(dfs(x+1,y,0)+ans)%mod;
	}
	if(q[y]==s[x+y-1]&&y<=n){
		ans=(dfs(x,y+1,1)+ans)%mod;
	}
	return dp[x+y-1][pos]=ans;
} 

inline void solve(){
    cin>>n;
    for(int i=0;i<2*N;i++) {
    	dp[i][0]=-1;
    	dp[i][1]=-1;
	}
    for(int i=1;i<=n;i++) cin>>p[i];
    for(int i=1;i<=n;i++) cin>>q[i];
    for(int i=1;i<=2*n;i++) cin>>s[i];
    int ans=0;
    if(p[1]==s[1]) ans=(ans+dfs(2,1,0))%mod;
    if(q[1]==s[1]) ans=(ans+dfs(1,2,1))%mod;
    cout<>t;
	while(t--){
		solve();
	}
	return 0;
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